15.如圖所示,xOy平面內(nèi),y軸左側(cè)存在著沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場,y軸右側(cè)直線y=2a(圖中虛線)上方存在著一個勻強(qiáng)磁場區(qū)域,磁場方向垂直xOy平面(圖中未畫出).一個質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的粒子從坐標(biāo)P(-2a,0)以速度v0沿x軸正方向開始運(yùn)動.經(jīng)過M(0,a)點進(jìn)入y軸右側(cè),通過磁場區(qū)域后,從N點垂直經(jīng)過y軸第二次進(jìn)入電場時,電場反向場,強(qiáng)大小不變.不計粒子的重力,試求:
(1)電場強(qiáng)度的大;
(2)磁場區(qū)域磁感強(qiáng)度;
(3)粒子最后經(jīng)過x軸的速度大小.

分析 (1)粒子在電場中做類平拋運(yùn)動,應(yīng)用類平拋運(yùn)動規(guī)律可以求出電場強(qiáng)度;
(2)求出粒子進(jìn)入磁場的速度,粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動,洛倫茲力提供向心力,由牛頓第二定律可以求出磁感應(yīng)強(qiáng)度;
(3)粒子再次進(jìn)入電場后做類平拋運(yùn)動,應(yīng)用動能定理可以求出粒子的速度.

解答 解:(1)粒子在磁場中做類平拋運(yùn)動,
x軸方向:v0t=2a,
y軸方向:$\frac{1}{2}•\frac{qE}{m}{t^2}=a$
解得:$E=\frac{mv_0^2}{2qa}$;
(2)粒子過M點時速度:$v=\sqrt{2}{v_0}$,與y軸正方向成45°角,
過y軸后先作直線運(yùn)動,然后圓周運(yùn)動,如圖所示:
則圓周運(yùn)動半徑:$r=\sqrt{2}a$,
由牛頓第二定律得:$qvB=m\frac{v^2}{r}$,
解得:$B=\frac{{m{v^{\;}}}}{qr}=\frac{{m\sqrt{2}{v_0}^{\;}}}{{q\sqrt{2}a}}=\frac{{m{v_0}^{\;}}}{qa}$;
(3)第二次進(jìn)入電場,電場反向,粒子作類平拋運(yùn)動經(jīng)過Q點,
由動能定理得:qEyON=$\frac{1}{2}$mv′2-$\frac{1}{2}$mv2
解得:v′=$\sqrt{5+\sqrt{2}}$v0;
答:(1)電場強(qiáng)度的大小為$\frac{m{v}_{0}^{2}}{2qa}$;
(2)磁場區(qū)域磁感強(qiáng)度為$\frac{m{v}_{0}}{qa}$;
(3)粒子最后經(jīng)過x軸的速度大小為$\sqrt{5+\sqrt{2}}$v0

點評 本題考查了粒子在電場與磁場中的運(yùn)動,粒子在電場中做類平拋運(yùn)動、在磁場中做勻速圓周運(yùn)動,分析清楚粒子運(yùn)動過程是正確解題的關(guān)鍵,應(yīng)用類平拋運(yùn)動規(guī)律、牛頓第二定律與動能定理可以解題.

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