Question

11．新型儲氫材料是開發(fā)利用氫能的重要研究方向．
（1）Ti（BH₄）₃是一種儲氫材料，可由TiCl₄和LiBH₄反應(yīng)制得．
①基態(tài)Cl原子中，電子占據(jù)的最高能層符號為M，該能層具有的原子軌道數(shù)為9．
②LiBH₄由Li⁺和BH₄^-構(gòu)成，BH₄^-的立體結(jié)構(gòu)是正四面體，B原子的雜化軌道類型是sp³．
③Li、B、H元素的電負性由小到大小排列順序為H＞B＞Li．
（2）金屬氫化物是具有良好發(fā)展前景的儲氫材料．
①LiH中，離子半徑：Li⁺＜H^-（填“＞”、“=”或“＜”）．
②某儲氫材料是短周期金屬元素M的氫化物．M的部分電離能如下表所示：

I1/kJ•mol-1	I2/kJ•mol-1	I3/kJ•mol-1	I4/kJ•mol-1	I5/kJ•mol-1
738	1451	7733	10540	13630

M是Mg（填元素符號）．
（3）NaH具有NaCl型晶體結(jié)構(gòu)，已知NaH晶體的晶胞參數(shù)a=488pm，Na⁺半徑為102pm，H^-的半徑為142pm，NaH的理論密度是1.37g•cm^-3．[Na-23]．

Answer 1

分析 （1）①Cl原子核外電子數(shù)為17，基態(tài)原子核外電子排布為1s²2s²2p⁶3s²3p⁵，據(jù)此解答；
②根據(jù)價層電子對互斥理論確定離子空間構(gòu)型、B原子的雜化軌道類型；
③元素的非金屬性越強，其電負性越大；
（2）①核外電子排布相同的離子，核電荷數(shù)越大，離子半徑越�。�
②該元素的第III電離能劇增，則該元素屬于第IIA族；
（3）NaH具有NaCl型晶體結(jié)構(gòu)，食鹽晶體里Na⁺和Cl^-的間距為棱長的一半，據(jù)此分析解答．

解答 解：（1）①基態(tài)Cl原子中電子占據(jù)的最高能層為第3能層，符號M，該能層有1個s軌道、3個p軌道、5個d軌道，共有9 個原子軌道，
故答案為：M；9；
②BH₄^-中B原子價層電子數(shù)=4+$\frac{1}{2}$×（3+1-4×1）=4，B原子的雜化軌道類型是sp³雜化，且不含孤電子對，所以是正四面體構(gòu)型，
故答案為：正四面體；sp³；
③非金屬的非金屬性越強其電負性越大，非金屬性最強的是H元素，其次是B元素，最小的是Li元素，所以Li、B、H元素的電負性由大到小排列順序為H＞B＞Li，
故答案為：H＞B＞Li；
（2）①核外電子排布相同，核電荷數(shù)越大，離子半徑越小，鋰的質(zhì)子數(shù)為3，氫的質(zhì)子數(shù)為1，Li⁺、H^-核外電子數(shù)都為2，所以半徑Li⁺＜H^-，
故答案為：＜；
②該元素的第III電離能劇增，則該元素屬于第IIA族，為Mg元素，
故答案為：Mg；
（3）NaH具有NaCl型晶體結(jié)構(gòu)，NaH晶體的晶胞參數(shù)a=488pm（棱長），Na⁺半徑為102pm，H^-的半徑為$\frac{488-102×2}{2}$=142pm，該晶胞中鈉離子個數(shù)=8×$\frac{1}{8}$+6×$\frac{1}{2}$=4，氫離子個數(shù)=12×$\frac{1}{4}$+1=4，NaH的理論密度是ρ=$\frac{4M}{{N}_{A}V}$=$\frac{24×4}{6.02×1{0}^{23}×48{8}^{3}×1{0}^{-30}}$≈1.37，

故答案為：142pm；1.37．

點評 本題考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)和性質(zhì)，涉及核外電子排布、雜化方式的判斷、空間構(gòu)型的判斷、晶胞的計算等知識點，難點是晶胞的計算，靈活運用公式是解本題關(guān)鍵，難度中等．