分析 (1)求出函數(shù)的導(dǎo)數(shù),解關(guān)于導(dǎo)函數(shù)的方程,求出函數(shù)的單調(diào)區(qū)間,從而求出函數(shù)的極值即可;
(2)求出函數(shù)的導(dǎo)數(shù),通過討論m的范圍,確定導(dǎo)函數(shù)的符號(hào),從而求出函數(shù)的單調(diào)區(qū)間即可;
(3)問題等價(jià)于mt-1<f(x)min,通過討論m 的范圍,求出t的范圍即可.
解答 解:(1)函數(shù)f(x)的定義域?yàn)椋?,+∞),
當(dāng)m=1時(shí),$f(x)={x^2}+x-lnx,f'(x)=\frac{{({2x-1})({x+1})}}{x}$,解得x=-1(舍去),$x=\frac{1}{2}$,
在$({0,\frac{1}{2}})$上遞減,在$({\frac{1}{2},+∞})$上遞增,所以f(x)的極小值為$f({\frac{1}{2}})=\frac{3}{4}+ln2$.
(2)$f'(x)=2x+({2m-1})-\frac{m}{x}=\frac{{2{x^2}+({2m-1})x-m}}{x}$,令f'(x)=0可得${x_1}=\frac{1}{2},{x_2}=-m$.
①當(dāng)m≥0時(shí),由f'(x)<0可得f(x)在$({0,\frac{1}{2}})$上單調(diào)遞減,
由f'(x)>0可得f(x)在$({\frac{1}{2},+∞})$上單調(diào)遞增.
②當(dāng)$-\frac{1}{2}<m<0$時(shí),由f'(x)<0可得f(x)在$({-m,\frac{1}{2}})$上單調(diào)遞減,
由f'(x)>0可得f(x)得在(0,-m)和$({\frac{1}{2},+∞})$上單調(diào)遞增.
③當(dāng)$m=-\frac{1}{2}$時(shí),由$f'(x)=\frac{{2{{({x-\frac{1}{2}})}^2}}}{x}≥0$可得f(x)在(0,+∞)上單調(diào)遞增.
④當(dāng)$m<-\frac{1}{2}$時(shí),由f'(x)<0可得f(x)在$({\frac{1}{2},-m})$上單調(diào)遞減,
由f'(x)>0可得f(x)得在$({0,\frac{1}{2}})$和(-m,+∞)上單調(diào)遞增.
(3)由題意可知,對(duì)?m∈(2,3),x∈[1,3]時(shí),恒有mt-1<f(x)成立,等價(jià)于mt-1<f(x)min,
由(2)知,當(dāng)m∈(2,3)時(shí),f(x)在[1,3]上單調(diào)遞增,
∴f(x)min=f(1)=2m,所以原題等價(jià)于?m∈(2,3)時(shí),恒有mt-1<2m成立,即$t<2+\frac{1}{m}$.
在m∈(2,3)時(shí),由$\frac{7}{3}<2+\frac{1}{m}<\frac{5}{2}$,故當(dāng)$t≤\frac{7}{3}$時(shí),mt-1<2m恒成立,∴$t≤\frac{7}{3}$.
點(diǎn)評(píng) 本題考查了函數(shù)的單調(diào)性、極值、最值問題,考查導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用以及分類討論思想,是一道中檔題.
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