分析 (I)根據(jù)偶函數(shù)可知f(x)=f(-x),取x=-1代入即可求出k的值;
(Ⅱ)函數(shù)f(x)與g(x)的圖象有且只有一個(gè)公共點(diǎn),則方程f(x)=g(x)有且只有一個(gè)實(shí)根,化簡(jiǎn)可得(1-a)•(2x)2+a•2x+1=0有且只有一個(gè)實(shí)根,令t=2x>0,則轉(zhuǎn)化成方程(1-a)t2+at+1=0有且只有一個(gè)正根,同時(shí)滿足a(t-1)>0,討論結(jié)合△=0,即可求出實(shí)數(shù)a的取值范圍.
解答 解:( I)∵函數(shù)$f(x)={log_4}({{4^x}+1})+kx({k∈R})$是偶函數(shù)
∴f(-x)=f(x),即${log_4}({{4^x}+1})+kx={log_4}({{4^{-x}}+1})-kx$,
∴${log_4}({{4^x}+1})-{log_4}({{4^{-x}}+1})=-2kx$,
∴${log_4}({\frac{{{4^x}+1}}{{{4^{-x}}+1}}})={log_4}{4^x}=x=-2kx$∴$k=-\frac{1}{2}$.
( II)由題意可知a•2x-a>0①
∵f(x)與g(x)的圖象有且只有一個(gè)公共點(diǎn),
∴f(x)=g(x)有且只有一個(gè)實(shí)根,
即${log_4}({{4^x}+1})-\frac{1}{2}x$=${log_4}({a•{2^x}-a})$,
∴${log_4}({{4^x}+1})-{log_4}({a•{2^x}-a})=\frac{1}{2}x$,
∴${log_4}({\frac{{{4^x}+1}}{{a•{2^x}-a}}})=\frac{1}{2}x{\;}^{\;}∴\frac{{{4^x}+1}}{{a•{2^x}-a}}={4^{\frac{1}{2}x}}={2^x}$,
即(1-a)•(2x)2+a•2x+1=0有且只有一個(gè)實(shí)根,
不妨令t=2x(t>0),
則(1-a)t2+at+1=0有且只有一個(gè)正根,同時(shí)滿足a(t-1)>0,
當(dāng)a=1時(shí),t=-1不符合題意(舍),
當(dāng)a≠1時(shí),考慮函數(shù)h(t)=(1-a)t2+at+1過定點(diǎn)(0,1),(1,2)
當(dāng)1-a<0即a>1時(shí),∵h(yuǎn)(0)=1>0,h(1)=2>0,方程有一個(gè)正根t0∈(1,+∞),且滿足a(t-1)>0
當(dāng)1-a>0即a<1時(shí),
(1)△=a2-4(1-a)=0,$a=-2±2\sqrt{2}$,此時(shí)h(t)圖象與x軸交點(diǎn)橫坐標(biāo)t0∈(0,1),∴$a=-2+2\sqrt{2}$時(shí),不滿足a(t-1)>0(舍)∴$a=-2-2\sqrt{2}$
(2)△=a2-4(1-a)>0,$a>-2+2\sqrt{2}$或$a<-2-2\sqrt{2}$,方程有兩個(gè)正根t1,t2∈(0,1),不符合題意(舍)
綜上,a>1或$a=-2-2\sqrt{2}$∴a的取值范圍為$({1,+∞})∪\left\{{-2-2\sqrt{2}}\right\}$.
點(diǎn)評(píng) 本題主要考查了偶函數(shù)的性質(zhì),以及對(duì)數(shù)函數(shù)圖象與性質(zhì)的綜合應(yīng)用,同時(shí)考查了分類討論的思想,屬于中檔題.
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A. | (0,1) | B. | [0,1] | C. | (0,1] | D. | [1,+∞) |
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A. | (1,+∞) | B. | (-∞,1) | C. | (-∞,-1) | D. | (-1,+∞) |
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A. | (-∞,-$\frac{1}{3}$] | B. | (-$\frac{1}{2}$,-$\frac{1}{4}$] | C. | (-$\frac{1}{2}$,0) | D. | (-∞,-$\frac{1}{4}$] |
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A. | (-∞,8] | B. | (-∞,8) | C. | (8,+∞) | D. | [8,+∞) |
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