分析 (1)由$\frac{1}{{a}_{1}}$+$\frac{2}{{a}_{2}}$+…+$\frac{{2}^{n-1}}{{a}_{n}}$=$\frac{{2}^{n}λ}{{a}_{n}}$-1,①,可得 $\frac{1}{{a}_{1}}$+$\frac{2}{{a}_{2}}$+…+$\frac{{2}^{n-1}}{{a}_{n}}$+$\frac{{2}^{n}}{{a}_{n+1}}$=$\frac{{2}^{n+1}λ}{{a}_{n+1}}-1$,②,兩式相減整理可得$\frac{{a}_{n+1}}{{a}_{n}}$=$\frac{2λ-1}{λ}$,數(shù)列{an}是以2λ-1為首項,以$\frac{2λ-1}{λ}$為公比的等比數(shù)列,問題得以解決,
(2)求出數(shù)列bn的通項公式,使bn-bn-1>0,即可得到bn最大時n的值.
解答 解:(1)由$\frac{1}{{a}_{1}}$+$\frac{2}{{a}_{2}}$+…+$\frac{{2}^{n-1}}{{a}_{n}}$=$\frac{{2}^{n}λ}{{a}_{n}}$-1,①,可得 $\frac{1}{{a}_{1}}$+$\frac{2}{{a}_{2}}$+…+$\frac{{2}^{n-1}}{{a}_{n}}$+$\frac{{2}^{n}}{{a}_{n+1}}$=$\frac{{2}^{n+1}λ}{{a}_{n+1}}-1$,②,
由②-①得$\frac{{2}^{n}}{{a}_{n+1}}$=$\frac{{2}^{n+1}•λ}{{a}_{n+1}}$-$\frac{{2}^{n}λ}{{a}_{n}}$,
即$\frac{1}{{a}_{n+1}}$=$\frac{2λ}{{a}_{n+1}}$-$\frac{λ}{{a}_{n}}$,
∴$\frac{{a}_{n+1}}{{a}_{n}}$=$\frac{2λ-1}{λ}$,
當n=1時,$\frac{1}{{a}_{1}}$=$\frac{2λ}{{a}_{1}}$-1,
∴a1=2λ-1,
∴數(shù)列{an}是以2λ-1為首項,以$\frac{2λ-1}{λ}$為公比的等比數(shù)列,
∴an=(2λ-1)•($\frac{2λ-1}{λ}$)n-1=$\frac{(2λ-1)^{n}}{{λ}^{n-1}}$
(2)λ=$\frac{2}{3}$,bn=(2n-4001)an=(2n-4001)•$\frac{1}{3}$•($\frac{1}{2}$)n-1,
則bn-1=(2n-4003)•$\frac{1}{3}$•($\frac{1}{2}$)n-2,
∴bn-bn-1=$\frac{1}{3}$•($\frac{1}{2}$)n-1(4005-2n)>0,
即n<$\frac{4005}{2}$<2003,
∴當n=2002時,bn最大.
點評 本題考查了數(shù)列的遞推公式和數(shù)列的通項公式的求法以及數(shù)列的函數(shù)特征,屬于難題.
科目:高中數(shù)學 來源: 題型:選擇題
A. | -1 | B. | 31 | C. | -33 | D. | -31 |
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科目:高中數(shù)學 來源: 題型:填空題
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x | 1 | 2 | 3 |
y | 6 | 4 | 5 |
A. | $\frac{1}{10}$ | B. | $\frac{1}{2}$ | C. | $-\frac{1}{10}$ | D. | -$\frac{1}{2}$ |
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科目:高中數(shù)學 來源: 題型:解答題
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