Question

4．已知單調(diào)遞增的等比數(shù)列{a_n}滿足a₂+a₃+a₄=28，且a₃+2是a₂，a₄的等差中項(xiàng)．
（I）求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（Ⅱ）設(shè)b_n=a_n•log₂a_n，其前n項(xiàng)和為S_n，若（n-1）²≤m（S_n-n-1）對(duì)于n≥2恒成立，求實(shí)數(shù)m的取值范圍．

Answer 1

分析 （Ⅰ）設(shè)出等比數(shù)列{a_n}的首項(xiàng)和公比，由已知列式求得首項(xiàng)和公比，則數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式可求；
（Ⅱ）把（Ⅰ）中求得的通項(xiàng)公式代入b_n=a_n•log₂a_n，利用錯(cuò)位相減法求得S_n，代入（n-1）²≤m（S_n-n-1），分離變量m，由單調(diào)性求得最值得答案．

解答 解：（Ⅰ）設(shè)等比數(shù)列的{a_n}首項(xiàng)為a₁，公比為q．
由題意可知：$\left\{\begin{array}{l}{{a}_{1}（q+{q}^{2}+{q}^{3}）=28}\\{{a}_{1}q+{a}_{1}{q}^{3}=2{a}_{1}{q}^{2}+4}\end{array}\right.$，
解得：$\left\{\begin{array}{l}{{a}_{1}=32}\\{q=\frac{1}{2}}\end{array}\right.$或$\left\{\begin{array}{l}{{a}_{1}=2}\\{q=2}\end{array}\right.$，
∵數(shù)列為單調(diào)遞增的等比數(shù)列，
∴a_n=2ⁿ；
（Ⅱ）b_n=a_n•log₂a_n =n•2ⁿ，
∴S_n=b₁+b₂+…+b_n=1•2¹+2•2²+…+n•2ⁿ，①
2S_n=1•2²+2•2³+3•2⁴+…+n•2ⁿ⁺¹，②
①-②，得：-S_n=2+2²+2³+…+2ⁿ-n•2ⁿ⁺¹
=$\frac{2（1-{2}^{n}）}{1-2}$-n•2ⁿ⁺¹=2ⁿ⁺¹-2-n•2ⁿ⁺¹，
∴S_n=（n-1）•2ⁿ⁺¹+2，
若（n-1）²≤m（S_n-n-1）對(duì)于n≥2恒成立，
則（n-1）²≤m[（n-1）•2ⁿ⁺¹+2-n-1]=m[（n-1）•2ⁿ⁺¹+1-n]對(duì)于n≥2恒成立，
即$m≥\frac{（n-1）^{2}}{（n-1）（{2}^{n+1}-1）}$=$\frac{n-1}{{2}^{n+1}-1}$對(duì)于n≥2恒成立，
∵$\frac{n}{{2}^{n+2}-1}-\frac{n-1}{{2}^{n+1}-1}=\frac{n•{2}^{n+1}-n-n•{2}^{n+2}+{2}^{n+2}+n-1}{（{2}^{n+2}-1）（{2}^{n+1}-1）}$=$\frac{-（n-2）•{2}^{n+1}-1}{（{2}^{n+2}-1）（{2}^{n+1}-1）}＜0$，
∴數(shù)列{$\frac{n-1}{{2}^{n+1}-1}$}為遞減數(shù)列，
則當(dāng)n=2時(shí)，$\frac{n-1}{{2}^{n+1}-1}$的最大值為$\frac{1}{7}$．
∴m≥$\frac{1}{7}$．
則實(shí)數(shù)m得取值范圍為[$\frac{1}{7}$，+∞）．

點(diǎn)評(píng) 本題考查數(shù)列遞推式，考查了錯(cuò)位相減法求數(shù)列的前n項(xiàng)和，訓(xùn)練了利用數(shù)列的單調(diào)性求最值，是中檔題．